\(m=3,4\left(tấn\right)=3400\left(kg\right)\)

\(S=2\left(cm^2\right)=0,0002\left(m^2\right)\)

Trọng lượng của xe tải:

\(P=mg=3400.10=34000\left(N\right)\)

Diện tích tiếp xúc của các bánh xe:

\(S_T=6.S=6.0,0002=0,0012\left(m^2\right)\)

Áp suất của xe tải lên mặt đường là :

\(P=\dfrac{P}{S_T}=\dfrac{34000}{0,0012}=28333333\left(Pa\right)\)

Gọi \(v_t;v_n>0\left(km/h\right)\) là vận tốc của thuyền khi đứng yên và vận tốc nước

Theo đề bài ta có :

\(v_t+v_n=36\left(1\right)\)

\(v_t-v_n=24\left(2\right)\)

\(\left(1\right);\left(2\right)\Rightarrow2v_t=36+24=60\)

\(\Leftrightarrow v_t=30\left(km/h\right)\)

Vậy...

\(y=f\left(x\right)=?\) bạn xem lại đề bài

a) \(\)\(m=1\left(tấn\right)=1000\left(kg\right)\)

\(V_1=72\left(km/h\right)=20\left(m/s\right)\)

\(V_2=36\left(km/h\right)=10\left(m/s\right)\)

\(P=24\left(KW\right)=24000\left(W\right)\)

Lực cản giữa xe và mặt đường:

\(P=F.V_1\)

\(\Rightarrow F=\dfrac{P}{V_1}=\dfrac{24000}{20}=1200\left(N\right)\)

b) Chọn gốc tọa độ \(Oxy\) tại tâm ô tô và \(Ox\) song song mặt nghiêng \(\alpha\); \(Oy\) vuông góc với mặt nghiêng, chiều dương là chiều chuyển động

Theo định luật II Newton ta có :

\(\overrightarrow{P}+\overrightarrow{N}+\overrightarrow{F_k}+\overrightarrow{F_c}=\overrightarrow{0}\)

Chiếu lên phương \(Ox\) :

\(F_k-F_c-mg.sin\alpha=0\)

\(\Leftrightarrow F_k=F_c+mg.sin\alpha\)

mà \(\)\(P=F_k.V_2\)

\(\Rightarrow P=\left(F_c+mg.sin\alpha\right)V_2\)

\(\Leftrightarrow sin\alpha=\dfrac{P-F_cV_2}{mg.V_2}=\dfrac{24000-1200.10}{1000.10.10}=0,12\)

\(\Rightarrow\alpha\sim6,9^o\)

Vậy góc nghiêng của dốc so với phương nằn ngang là \(6,9^o\)

Hỗn hợp gồm \(NaCl;Ca\left(HCO_3\right)_2;MgCl_2\)

Thêm dung dịch \(Na_2CO_3\) vào dung dịch trên

\(MgCl_2+Na_2CO_3\rightarrow MgCO_3\downarrow+2NaCl\left(1\right)\)

\(Ca\left(HCO_3\right)_2\underrightarrow{t^o}CaCO_3\downarrow+H_2O+CO_2\uparrow\)

 \(\left(1\right)\Rightarrow\) Lọc kết tủa \(MgCO_3\)

\(\left(2\right)\Rightarrow\) Cô cạn \(\)\(Ca\left(HCO_3\right)_2\) và lọc kết tủa \(CaCO_3\)

\(\Rightarrow\) Thu được \(NaCl\) tinh khiết

Sửa lại

Vì n(A)=0,4-0,3=0,1 (mol) và n(CO2)=0,4 (mol)

Nên x=4 suy ra CTHH của A là C4H4, hình như đề bài có vấn đề.

a) \(\Delta G^o=-16,5\left(kj/mol\right)\)

\(lnK=-\dfrac{\Delta G^o}{RT}=-\dfrac{\left(-16,5\right)}{8,314\left(25+273\right)}=6,66\Rightarrow K_C=e^{6,66}=780\)

b) \(\Delta G^o=2.\left(-16,5\right)=-33\left(kj/mol\right)\)

\(lnK=-\dfrac{\Delta G^o}{RT}=-\dfrac{\left(-33\right)}{8,314\left(25+273\right)}=13,32\Rightarrow K_C=e^{13,32}=608,27\)

c) \(\Delta G^o=16,5\left(kj/mol\right)\)

Vì phản ứng c là phản ứng ngược của a

\(\Rightarrow K_C=\dfrac{1}{780}=0,00128\)

\(CTHH\left(A\right):C_xH_y\)

\(C_xH_y+\left(x+\dfrac{y}{4}\right)O_2\rightarrow xCO_2+\dfrac{y}{2}H_2O\left(1\right)\)

\(CO_2+2NaOH\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\left(2\right)\)

\(Na_2CO_3+BaCl_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+2NaCl\left(3\right)\)

Khối lượng bình tăng lên là khối lượng \(m\left(CO_2\right)+m\left(H_2O\right)=23\left(g\right)\)

\(n\left(BaCO_3\right)=\dfrac{78,8}{197}=0,4\left(mol\right)\)

\(\left(3\right)\Rightarrow n\left(Na_2CO_3\right)=0,4\left(mol\right)\)

\(\left(2\right)\Rightarrow n\left(CO_2\right)=0,4\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m\left(H_2O\right)=23-0,4.44=5,4\left(g\right)\Rightarrow n\left(H_2O\right)=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\)

\(n\left(H_2O\right)< n\left(CO_2\right)\Rightarrow CTPT\left(A\right):C_nH_{2n-2}\left(n\ge2\right)\) là Ankin

\(CTHH\) đơn giản của \(A\) là \(C_2H_2\)

\(...A=\dfrac{2a^2-\left(1+\sqrt{a}\right)-\left(1-\sqrt{a}\right)}{\left(1-\sqrt{a}\right)\left(1+\sqrt{a}\right)}\)

\(A=\dfrac{2a^2-1-\sqrt{a}-1+\sqrt{a}}{\left(1-\sqrt{a}\right)\left(1+\sqrt{a}\right)}\)

\(A=\dfrac{2a^2-2}{\left(1-\sqrt{a}\right)\left(1+\sqrt{a}\right)}\)

\(A=\dfrac{2\left(a^2-1\right)}{1-a^2}=-2\)

Chọn câu A \(\left(W_t=mg\left(1-cos\theta\right)\right)\)