Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Olefin (anken) có dạng \(C_nH_{2n}\)
Phản ứng cháy: \(C_nH_{2n}+1,5nO_2\rightarrow nCO_2+nH_2O\)
Ta có:
\(n=\frac{V_{CO2}}{V_{hh}}=\frac{11,2}{3,36}=3,33\)
Vì 2 chất đồng đẳng kế tiếp nên số C của chúng lần lượt là 3 và 4.
Vậy 2 chất là C3H6,C4H8
C3H6 có CTCT là \(CH_3-CH=CH_2\) tác dụng với HBr cho tối đa 2 sản phẩm, do đó chát còn lại phải tạo 1 sản phẩm.
Vậy chất này có CTCT là \(CH_3-CH=CH-CH_3\)
CTTB của 2 parafin là CnH2n+2
\(n_{CO2}=\frac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)
\(C_nH_{2n+2}+\left(\frac{3n-1}{2}\right)O_2\rightarrow nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\)
0,17__________________0,3_________mol
Tỉ lệ: \(\frac{1}{0,17}=\frac{n}{0,3}\)
\(\Rightarrow n=1,76\)
Nên CTPT của 2 parafin là: CH4 và C2H6
Vậy CTPT của olefin là :C2H4
\(n_{Fe}=a\left(mol\right),n_{Zn}=b\left(mol\right)\)
\(m=56a+65b=13.22\left(g\right)\left(1\right)\)
\(n_{H_2}=\dfrac{4.928}{22.4}=0.22\left(mol\right)\)
\(Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)
\(Zn+H_2SO_4\rightarrow ZnSO_4+H_2\)
\(n_{H_2}=a+b=0.22\left(mol\right)\left(2\right)\)
\(\left(1\right),\left(2\right):\)
\(a=0.12\)
\(b=0.1\)
\(\text{Bảo toàn e : }\)
\(n_{Zn}+n_{Fe}=n_{SO_2}=\dfrac{0.12}{2}+\dfrac{0.1}{2}=0.11\left(mol\right)\)
\(V_{SO_2}=0.11\cdot22.4=2.464\left(l\right)\)
Gọi số mol Cu, M là a, b (mol)
=> 64a + b.MM = 11,2 (1)
\(n_{NO}=\dfrac{3,92}{22,4}=0,175\left(mol\right)\)
Cu0 - 2e --> Cu+2
a--->2a
M0 - ne --> M+n
b--->bn
N+5 + 3e --> N+2
0,525<-0,175
Bảo toàn e: 2a + bn = 0,525 (2)
(1)(2) => 32bn - bMM = 5,6 (3)
\(n_{H_2}=\dfrac{3,136}{22,4}=0,14\left(mol\right)\)
PTHH: 2M + 2xHCl --> 2MClx + xH2
\(\dfrac{0,28}{x}\)<---------------------0,14
=> \(\dfrac{0,28}{x}=b\) (4)
(3)(4) => MM = 32n - 20x (g/mol)
Và \(0< x\le n\)
TH1: x = n = 1 => MM = 12 (Loại)
TH2: x = n = 2 => MM = 24 (Mg)
TH3: x = n = 3 => MM = 36 (Loại)
TH4: x = 1; n = 2 => MM = 44 (Loại)
TH5: x = 1; n = 3 => MM = 76 (Loại)
TH6: x = 2; n = 3 => MM = 56 (Fe)
Vậy M có thể là Mg hoặc Fe
=> C
nCu= x mol; nAg= y mol
Cu + 2H2SO4→ CuSO4 + SO2↑ + H2O (1)
2Ag + 2H2SO4→ Ag2SO4 + SO2↑ + 2H2O (2)
SO2(k) + Br2 + 2H2O → H2SO4 + 2HBr (3)
BaCl2 + H2SO4 → BaSO4↓ + 2HCl (4)
Theo PTPU (4), ta có: n↓= nBaSO4= nH2SO4 (4)= 0,08 mol
Theo PTPU (3), ta có: nSO2= nH2SO4 (4)= 0,08 mol
Theo PTPU (1) và (2), ta có: nSO2= nCu + 2nAg = x + 0,5y = 0,08 mol (5)
Tổng khối lượng hỗn hợp ban đầu: mhỗn hợp= mCu + mAg = 64x + 108y = 11,2 (6)
Giải hệ hai phương trình (5) và (6) ta được: x= 0,04 ; y= 0,08
→mCu= 0,04x64= 2,56 (g) →%mCu=2,56/11,2x100% = 22,86%
→%mAg= 100% - %mCu= 77,14%
a)
2 ancol tách nước tạo ra 2 anken đồng đẳng liên tiếp
=> 2 ancol no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng liên tiếp
Gọi công thức chung 2 ancol là CnH2n+1OH
PTHH
2CnH2n+1OH + 2Na --> 2CnH2n+1ONa + H2
CnH2n+1OH --H2SO4(đ),to--> CnH2n + H2O
CnH2n + \(\dfrac{3n}{2}\)O2 --to--> nCO2 + nH2O
\(n_{C_nH_{2n+1}OH}=\dfrac{p}{14n+18}\left(mol\right)\)
PTHH: 2CnH2n+1OH + 2Na --> 2CnH2n+1ONa + H2
\(\dfrac{p}{14n+18}\)-------------------------->\(\dfrac{p}{28n+36}\)
=> \(x=\dfrac{p}{28n+36}.22,4\left(l\right)\) (1)
Bảo toàn C: \(n_{C_nH_{2n}}=\dfrac{p}{14n+18}\left(mol\right)\)
=> \(V=\dfrac{p}{14n+18}.22,4\left(l\right)\)
=> \(n=\left(\dfrac{22,4p}{V}-18\right):14\)
Thay vào (1): \(x=\dfrac{p}{28.\dfrac{\dfrac{22,4p}{V}-18}{14}+36}.22,4=\dfrac{p}{\dfrac{44,8p}{V}}.22,4=\dfrac{1}{2}V\left(l\right)\)
Bảo toàn C: \(n_{CO_2}=\dfrac{pn}{14n+18}\left(mol\right)\)
=> \(y=\dfrac{p.\dfrac{\dfrac{22,4p}{V}-18}{14}}{14.\dfrac{\dfrac{22,4p}{V}-18}{14}+18}.22,4=\dfrac{22,4p-18V}{14}\left(l\right)\)
b)
\(n=\left(\dfrac{22,4.4,48}{1,568}-18\right):14\approx3,3\)
=> 2 ancol là C3H7OH và C4H9OH
CTCT:
- C3H7OH
(1) \(CH_3-CH_2-CH_2OH\)
(2) \(CH_3-CH\left(OH\right)-CH_3\)
- C4H9OH
(1) \(CH_3-CH_2-CH_2-CH_2OH\)
(2) \(CH_3-CH_2-CH\left(OH\right)-CH_3\)
(3) \(CH_3-CH\left(CH_3\right)-CH_2OH\)
(4) \(CH_3-C\left(CH_3\right)\left(OH\right)-CH_3\)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_3H_7OH}=a\left(mol\right)\\n_{C_4H_9OH}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> 60a + 74b = 4,48 (1)
Và a + b = \(\dfrac{1,568}{22,4}=0,07\) (2)
(1)(2) => a = 0,05 (mol); b = 0,02 (mol)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_3H_7OH}=\dfrac{0,05.60}{4,48}.100\%=67\%\\\%m_{C_4H_9OH}=\dfrac{0,02.74}{4,48}.100\%=33\%\end{matrix}\right.\)
\(n_{olefin}=\frac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)
\(n_{CO2}=\frac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)
a) Số C trung bình của 2 anken : \(\frac{n_C}{n_{Anken}}=\frac{0,5}{0,15}=3,333\)
Ta có: \(3< 3,333< 4\Rightarrow\)2 anken đó là C3H6 và C4H8
b)
\(CH_2=CH-CH_3\Rightarrow\) 2 sản phẩm
C4H8
\(CH_2=CH-CH_2-CH_3\Rightarrow\) 2 sản phẩm
\(CH_3-CH=CH-CH_3\Rightarrow\) 1 sản phẩm
\(CH_2=C-CH_3\Rightarrow\)2 sản phẩm
______\(\downarrow\)_______
_______CH2___
Nếu chỉ có
\(CH_2=CH-CH_3\Rightarrow\) 2 sản phẩm
và \(CH_3-CH=CH-CH_3\Rightarrow\) 1 sản phẩm thỏa mãn yêu cầu