D = \(\left(sin^2a+cos^2a\right)+\left(cos\left(90-a\right)-sina\right)+1+\left(tan^2\left(90-a\right)-\frac{1}{sin^2a}\right)\)

  \(=1+\left(sina-sina\right)+1+\left(cot^2a-1-cos^2a\right)=1+1-1=1\)

A = \(\left(sin^2a+cos^2a\right)^2=1^2=1\)

D = \(sin^2\left(sin^2B+cos^2B\right)+cos^2a=sin^2a+cos^2a=1\)

BÀI 1

Ta có sinB= AH/AB=0.5

=>x=12cm.

Ta có góc C=60 độ

=> sinC=AH/AC=0.866

=>z=6.9 cm

Ta có \(BH=\sqrt{AB^2-AH^2}\)

BH=10.3 cm

Ta có \(AH^2=BH\cdot HC\left(HTL\right)\)

=>\(y=\frac{6^2}{10.3}\)

y=3.5cm

Tròi từng bài một có đc không 

Em viết đề bài ẩu quá, nên nhìn nhiều người chẳng muốn giúp em là phải.

Đầu tiên ta thấy \(\Delta KAH\sim\Delta KCB\) (g.g.) suy ra \(\frac{KA}{KC}=\frac{KH}{KB}\to KH\cdot KC=KA\cdot KB.\)

Xét tam giác vuông \(KAB\), theo hệ thức liên hệ giữa đường cao và hình chiếu, \(KM^2=KA\cdot KB.\)

Từ hai điều trên ta suy ra \(KM^2=KH\cdot KC.\) Nhân cả hai vế của đẳng thức này với \(\frac{AB^2}{4}\), ta suy ra

\(\frac{KM^2\cdot AB^2}{4}=\frac{KH\cdot AB}{2}\times\frac{KC\cdot AB}{2}\Leftrightarrow S_{AMB}^2=S_{AHB}\times S_{ABC}\Leftrightarrow S_{AMB}=\sqrt{S_{AHB}\cdot S_{ABC}}.\)    (ĐPCM)

h            

A² \(\le2\)

=> \(\sqrt{A^2}\le\sqrt{2}\)

=> | A | \(\le\sqrt{2}\)

=> A \(\le\sqrt{2}\)

A² = 1 + 2x - x² = 2 - (x² - 2x + 1) = 2 - (x -1)² \(\le\) 2 với mọi x

=> A² \(\le\) 2 => |A| \(\le\) \(\sqrt{A^2}=\left|A\right|\le\sqrt{2}\)

=> A \(\le\) \(\sqrt{2}\) 

Dấu "=" xảy ra khi x -1 = 0 <=> x = 1

vậy A lớn nhất bằng \(\sqrt{2}\) tại x = 1

em mà chuyển thì biết đi đâu.số em vô gia cư

>            

Tạ Quang Duy

học cấp 1 thì có ! chắc là lớp 2

vì lớp 7 ở cấp 2 = lớp 2 ở cấp 1

Công Chúa Giá Băng copy hay thật