\(=\sqrt{2}-1-\sqrt{2}-1-2=-4\)

Gọi CTHH của oxit là R₂O_n 

m_{dd sau phản ứng} = 211,75 + 38,25 = 250 (g)

=> \(m_{R\left(OH\right)_n}=17,1\%.250=42,75\left(g\right)\)

=> \(n_{R\left(OH\right)_n}=\dfrac{42,75}{M_R+17n}\left(mol\right)\)

\(n_{R_2O_n}=\dfrac{38,25}{2M_R+16n}\left(mol\right)\)

PTHH: \(R_2O_n+nH_2O\rightarrow2R\left(OH\right)_n\)

        \(\dfrac{38,25}{2M_R+16n}\)---------->\(\dfrac{38,25}{M_R+8n}\)

=> \(\dfrac{38,25}{M_R+8n}=\dfrac{42,75}{M_R+17n}\)

=> M_R = 68,5n (g/mol)

n = 2 => M_R = 68,5.2 = 137 (h/mol)

=> R là Ba

CTHH của oxit là BaO

Gọi công thức của oxit bazơ là R₂O_x  

PTHH: \(R_2O_x+xH_2O\rightarrow2R\left(OH\right)_x\)

Ta có: \(m_{dd}=m_{Oxit}+m_{H_2O}=38,25+211,75=250\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{R\left(OH\right)_x}=250\cdot17,1\%=42,75\left(g\right)\)

Theo PTHH: \(n_{R\left(OH\right)_x}=2n_{R_2O_x}\) \(\Rightarrow2\cdot\dfrac{38,25}{2R+16x}=\dfrac{42,75}{R+17x}\)

Ta thấy với \(x=2\) thì \(R=137\)  (Bari)

    Vậy CTHH là BaO

\(ĐKXĐ:x\ge0\)

\(4x-2\sqrt{x}=0\)

\(\Leftrightarrow2\sqrt{x}\left(2\sqrt{x}-1\right)=0\)

\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}\sqrt{x}=0\\2\sqrt{x}-1=0\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}x=0\left(tm\right)\\x=\dfrac{1}{4}\left(tm\right)\end{matrix}\right.\)

đk x >= 0 

\(2\sqrt{x}\left(2\sqrt{x}-1\right)=0\Leftrightarrow x=0;x=\dfrac{1}{4}\left(tm\right)\)

Cây cà chua đỏ, tròn dị hợp nên :

-    Đỏ (A) trội hoàn toàn so với vàng (a)

     Tròn (B) trội hoàn toàn so với bầu (b)

Xét tỉ lệ F1 : 

\(\dfrac{đỏ}{vàng}=\dfrac{61}{59}\approx\dfrac{1}{1}\)

​\(\dfrac{tròn}{bầu}=\dfrac{59}{61}\approx\dfrac{1}{1}\)​

Có :  \(\left(đỏ:vàng\right)\left(tròn:bầu\right)=\left(1:1\right)\left(1:1\right)=1:1:1:1\)

\(\rightarrow\) Khác với tỉ lệ bài cho (1:1)

\(\Rightarrow\) Các gen di truyền liên kết với nhau

Từ đó Cây P đỏ, tròn dị hợp sẽ có KG :  \(\dfrac{AB}{ab}\)  hoặc  \(\dfrac{Ab}{aB}\)

Mà P lai phân tích với cây vàng, bầu \(\dfrac{ab}{ab}\) thu được F1 đỏ bầu \(\dfrac{Ab}{-b}\) và vàng, tròn \(\dfrac{aB}{a-}\) 

\(\rightarrow\) Phải nhận giao tử  \(\dfrac{Ab}{ }\) và \(\dfrac{aB}{ }\) từ P

Vậy P có KG :    \(\dfrac{Ab}{aB}\)

Sđlai : bn tự viết nha

a, đk \(\left\{{}\begin{matrix}x^2-4x+4\ge0\\x-3\ne0\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left(x-2\right)^2\ge0\left(dung\right)\\x\ne3\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x\in R\\x\ne3\end{matrix}\right.\)

b, đk \(\left\{{}\begin{matrix}2x-3>0\\x-7>0\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x>\dfrac{3}{2}\\x>7\end{matrix}\right.\Leftrightarrow x>7\)

c, đk \(x-10\sqrt{x}+25>0\Leftrightarrow\left(\sqrt{x}-5\right)^2>0\Rightarrow x\ne25\)

\(7-4\sqrt{3}=7-2.2\sqrt{3}=4-2.2\sqrt{3}+3=\left(2-\sqrt{3}\right)^2=\left(\sqrt{3}-2\right)^2\)

a, \(=\sqrt{\left(2-\sqrt{3}\right)^2}-\sqrt{\left(2+\sqrt{3}\right)^2}=2-\sqrt{3}-2-\sqrt{3}=-2\sqrt{3}\)

b, \(=\sqrt{\left(\sqrt{5}-1\right)^2}+\sqrt{\left(\sqrt{5}+1\right)^2}=\sqrt{5}-1+\sqrt{5}+1=2\sqrt{5}\)

c, \(=\sqrt{\left(2\sqrt{2}+1\right)^2}-\sqrt{\left(\sqrt{2}-1\right)^2}=2\sqrt{2}+1-\sqrt{2}+1=\sqrt{2}+2\)