NY
1
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên
22 tháng 10 2017
Ta có:
\(\left(a+1\right)^2+b^2+1=a^2+2a+b^2+2\)\(\ge2ab+2a+2\)
\(\Rightarrow\dfrac{1}{\left(a+1\right)^2+b^2+1}\le\dfrac{1}{2\left(ab+a+1\right)}\)
Tương tự cho 2 BĐT còn lại cũng có:
\(\dfrac{1}{\left(b+1\right)^2+c^2+1}\le\dfrac{1}{2\left(bc+b+1\right)};\dfrac{1}{\left(c+1\right)^2+a^2+1}\le\dfrac{1}{2\left(ca+c+1\right)}\)
Cộng theo vế 3 BĐT trên ta có:
\(VT\le\dfrac{1}{2}\left(\dfrac{1}{ab+a+1}+\dfrac{1}{bc+b+1}+\dfrac{1}{ca+c+1}\right)\)
\(=\dfrac{1}{2}\left(\dfrac{bc}{b+1+bc}+\dfrac{1}{bc+b+1}+\dfrac{b}{bc+b+1}\right)\)
\(=\dfrac{1}{2}\cdot\dfrac{bc+b+1}{bc+b+1}=\dfrac{1}{2}=VP\)
Xảy ra khi \(a=b=c=1\)
AT
1
AH
Akai Haruma
Giáo viên
27 tháng 9 2018
Lời giải:
Từ \(a+b+c\geq \frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\)
\(\Rightarrow a+b+c\geq \frac{ab+bc+ac}{abc}\Rightarrow abc(a+b+c)\geq ab+bc+ac\)
\(\Rightarrow a^2b^2c^2(a+b+c)^2\geq (ab+bc+ac)^2(1)\)
Áp dụng BĐT AM-GM:
\(a^2b^2+b^2c^2\geq 2ab^2c\)
\(b^2c^2+c^2a^2\geq 2abc^2\)
\(a^2b^2+c^2a^2\geq 2a^2bc\)
Cộng theo vế, rút gọn \(\Rightarrow a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2\geq abc(a+b+c)\)
\(\Rightarrow (ab+bc+ac)^2\geq 3abc(a+b+c)(2)\)
Từ \((1);(2)\Rightarrow a^2b^2c^2(a+b+c)^2\geq 3abc(a+b+c)\)
\(\Rightarrow abc(a+b+c)\geq 3\Rightarrow a+b+c\geq \frac{3}{abc}\) (đpcm)
Dấu "=" xảy ra khi $a=b=c$
22 tháng 10 2017
Đặt \(a=\dfrac{x}{y};b=\dfrac{y}{z};c=\dfrac{z}{x}\) khi đó cần chứng minh:
\(\dfrac{y}{2x+y}+\dfrac{z}{2y+z}+\dfrac{x}{2z+x}\ge1\)
Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz dạng Engel ta có:
\(VT=\dfrac{y^2}{2xy+y^2}+\dfrac{z^2}{2yz+z^2}+\dfrac{x^2}{2zx+x^2}\)
\(\ge\dfrac{\left(x+y+z\right)^2}{x^2+y^2+z^2+2\left(xy+yz+xz\right)}\)
\(=\dfrac{\left(x+y+z\right)^2}{\left(x+y+z\right)^2}=1=VP\)
Khi \(a=b=c=1\)
VD
17 tháng 12 2017
cái này chỉ theo ý kiến tớ nhé:
ta có: \(\left(c-a-b\right)^2\ge0\)
=> \(a^2+b^2+c^2\ge2ac+2bc-2ab\)
<=> \(\frac{5}{6}\ge ac+bc-ab\)
<=> \(1>ac+bc-ab\)
abc>0 chia cho hai vế
\(\frac{1}{abc}>\frac{1}{a}+\frac{1}{b}-\frac{1}{c}\)
18 tháng 12 2017
Ta có: \(\left(a+b-c\right)^2\ge0\)
\(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+2\left(ab-bc-ca\right)\ge0\)
\(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2\ge2ca+2bc-2ab\)(1)
Mặt khác \(a^2+b^2+c^2=\frac{5}{3}\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2< 2\)(2)
Từ (1)(2) \(\Rightarrow2bc+2ca-2ab\le a^2+b^2+c^2< 2\)
Do a,b,c>0 \(\Leftrightarrow\frac{2bc+2ca-2ab}{2abc}< \frac{2}{2abc}\)
\(\Leftrightarrow\frac{1}{a}+\frac{1}{b}-\frac{1}{c}< \frac{1}{abc}\)
TP
0
cảm ơn bạn về bài trước nhé