Cho a, b, c > 0 và a + b + c \(\le\)1. Chứng minh rằng:\(\...

\(\le\)1. Chứng minh rằng:

\(\...">

K

Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

Mua vip

NH

Nguyễn Hồng Hương

15 tháng 5 2016 - olm

Cho a, b, c > 0 và a + b + c \(\le\)1. Chứng minh rằng:

\(\frac{1}{a^2+2bc}+\frac{1}{b^2+2ac}+\frac{1}{c^2+2ab}\ge9\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

1

LN

Lương Ngọc Anh

15 tháng 5 2016

Dùng Svaxơ là ra nha bạn

Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên

DT

Đoàn Thị Thu Hương

25 tháng 8 2015 - olm

Cho a,b,c lớn hơn 0 và\(a+b+c\le1\)

CM; \(\frac{1}{a^2+2bc}+\frac{1}{b^2+2ac}+\frac{1}{c^2+2ab}\ge9\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

1

TG

Thầy Giáo Toán

26 tháng 8 2015

Theo bất đẳng thức Cauchy-Schwartz ta có

\(\frac{1}{a^2+2bc}+\frac{1}{b^2+2ca}+\frac{1}{c^2+2ab}\ge\frac{\left(1+1+1\right)^2}{a^2+2bc+b^2+2ca+c^2+2ab}=\frac{9}{\left(a+b+c\right)^2}\ge\frac{9}{1}=9.\)

S

Snowflakes

21 tháng 8 2015 - olm

Cho a,b,c,d>0 chứng minh: \(\frac{a^2}{a^2+2bc}+\frac{b^2}{b^2+2ac}+\frac{c^2}{c^2+2ab}>1\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

1

TG

Thầy Giáo Toán

21 tháng 8 2015

Lần sau em viết đề cẩn thận hơn nhé, dấu lớn hơn đúng ra phải là lớn hơn hoặc bằng và không có ẩn d.

Bài này sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwartz thôi (Nếu bạn chưa quen, thì xem lại phát biểu và chứng minh ở đây: http://olm.vn/hoi-dap/question/174274.html ).

Ta có \(\frac{a^2}{a^2+2bc}+\frac{b^2}{b^2+2ca}+\frac{c^2}{c^2+2ab}\ge\frac{\left(a+b+c\right)^2}{\left(a^2+2bc\right)+\left(b^2+2ca\right)+\left(c^2+2ab\right)}=1.\)

Dấu bằng xảy ra khi và chỉ khi \(a=b=c.\)

VT

Võ Trương Anh Thư

4 tháng 7 2016

Cho a,b,c khác nhau, khác 0 và \(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}=0\) Rút gọn biểu thức N=\(\frac{1}{a^2+2bc}+\frac{1}{b^2+2ac}+\frac{1}{c^2+2ab}\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

0

RM

๖ۣۜRαη ๖ۣۜMσɾĭ

24 tháng 10 2019

Cho ba số a,b,c khác 0 thỏa mãn: \(\left(a+b+c\right)^{^2}=a^{^2}+b^{^2}+c^{^2}\)

Chứng minh: \(\frac{a^{^2}}{a^{^2}+2bc}+\frac{b^{^2}}{b^{^2}+2ac}+\frac{c^{^2}}{c^2+2ab}=1\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

1

SG

sdsdsd gggsss

24 tháng 10 2019

tìm trên câu hỏi tương tự bạn sẽ có lời giải của Nguyễn Việt Lâm

BD

Bui Duc Viet

7 tháng 9 2017 - olm

Cho a;b;c \(\ne\)0

M=\(\frac{b^2+c^2-a^2}{2bc}+\frac{c^2+a^2-b^2}{2ac}+\frac{a^2+b^2-c^2}{2ab}\)

Chứng minh rằng : a. Nếu M=1 thì trong 3 phân thức của M có 2 phân thúc =1 và 1 phân thức còn lại =-1

b. Nếu M>1 thì a,b,c là 3 cạnh của 1 tam giác (a;b;c>0)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

0

TT

Thẩm Thanh Thu

10 tháng 6 2020

Cho: a, b, c > 0 và a + b + c \(\le\) 1

Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:

A= \(\frac{ }{ }\)\(\frac{ }{ }\) \(\frac{1}{a^2+2bc}\) + \(\frac{1}{b^2+\ 2ca}\) + \(\frac{1}{c^2+2ab}\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

0

NT

Nguyễn Thị Phương Linh

3 tháng 2 2020 - olm

1 . cho a,b,c >0 thỏa mãn 2ab+6bc+2ac=7abc

tìm GTNN \(M=\frac{4ab}{a+2b}+\frac{9ac}{a+4c}+\frac{4bc}{b+c}\)

2 . Cho x , y , z > 0 và x+y+z=1

Chứng minh rằng : \(\frac{1-x^2}{x+yz}+\frac{1-y^2}{y+xz}+\frac{1-z^2}{z+xy}\ge6\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

6

AZ

Agatsuma Zenitsu

3 tháng 2 2020

Bài 1: Theo đề : \(2ab+6bc+2ac=7abc\) \(;a,b,c>0\)

Chia cả 2 vế cho \(abc>0\Rightarrow\frac{2}{c}+\frac{6}{a}+\frac{2}{b}=7\)

Đặt: \(\hept{\begin{cases}x=\frac{1}{a}\\y=\frac{1}{b}\\z=\frac{1}{c}\end{cases}}\Rightarrow\hept{\begin{cases}x,y,z>0\\2z+6x+2y=7\end{cases}}\)

Khi đó: \(M=\frac{4ab}{a+2b}+\frac{9ac}{a+4c}+\frac{4bc}{b+c}=\frac{4}{2x+y}+\frac{9}{4x+z}+\frac{4}{y+z}\)

\(\Rightarrow M=\frac{4}{2x+y}+2x+y+\frac{9}{4x+z}+4x+z+\frac{4}{y+z}+y+z-\left(2x+y+4x+z+y+z\right)\)

\(=\left(\frac{2}{\sqrt{x+2y}}-\sqrt{x+2y}\right)^2+\left(\frac{3}{\sqrt{4x+z}}-\sqrt{4x+z}\right)^2+\left(\frac{2}{\sqrt{y+z}}-\sqrt{y+z}\right)^2+17\ge17\)

Khi: \(\hept{\begin{cases}x=\frac{1}{2}\\y=z=1\end{cases}}\Rightarrow M=17\)

\(Min_M=17\Leftrightarrow a=2;b=1;c=1\)

T

tth_new

4 tháng 2 2020

ミ★๖ۣۜBăηɠ ๖ۣۜBăηɠ ★彡 chém bài khó nhất rồi nên em xin mạn phép chém bài dễ ạ.

2/\(VT=\Sigma_{cyc}\frac{\left(x+y+z\right)^2-x^2}{x\left(x+y+z\right)+yz}=\Sigma_{cyc}\frac{\left(y+z\right)\left(2x+y+z\right)}{\left(x+y\right)\left(x+z\right)}\)

\(\ge\Sigma_{cyc}\frac{\left(y+z\right)\left(2x+y+z\right)}{\frac{\left(2x+y+z\right)^2}{4}}=\Sigma_{cyc}\frac{4\left(y+z\right)}{2x+y+z}=\Sigma_{cyc}\frac{2\left(y+z-2x\right)}{2x+y+z}+6\)

\(=\Sigma_{cyc}\left(\frac{2\left(x+y+z\right)\left(y+z-2x\right)}{2x+y+z}-\frac{3}{2}\left(y+z-2x\right)\right)+6\)

\(=\Sigma_{cyc}\frac{\left(y+z-2x\right)^2}{2\left(2x+y+z\right)}+6\ge6\)

LT

Lê Thuy Linh

7 tháng 3 2020

Cho a,b,c thực dương thỏa mãn: \(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\le2\)

Chứng minh rằng : \(\frac{1}{\sqrt{5a^2+2ab+2b^2}}+\frac{1}{\sqrt{5b^2+2bc+2c^2}}+\frac{1}{\sqrt{5c^2+2ca+2a^2}}\le\frac{2}{3}\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

2

HT

Hoàng Thị Ánh Phương

7 tháng 3 2020

Ta sẽ chứng minh :

\(\left(x+y+z\right)\left(\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\right)\ge9\) với x, y > 0

Thật vậy : \(x+y+z\ge3\sqrt[3]{xyz}\)( bđt Cô - si )

Và \(\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\ge3\sqrt[3]{\frac{1}{abc}}\) ( bđt Cô - si )

\(\Rightarrow x+y+z\left(\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\right)\ge9\) ( Dấu " = " \(\Leftrightarrow x=y=z\) )

Ta có :

\(5a^2+2ab+2b^2=\left(2a+b\right)^2+\left(a-b\right)^2\ge\left(2a+b\right)^2\)

\(\Rightarrow\frac{1}{\sqrt{5a^2+2ab+2b^2}}\le\frac{1}{2a+b}\le\frac{1}{9}\left(\frac{1}{a}+\frac{1}{a}+\frac{1}{b}\right)\)

( Dấu " = " xay ra khi a=b)

Tương tự ta cũng có :

\(\frac{1}{\sqrt{5b^2+2bc+2c^2}}\le\frac{1}{2b+c}\le\frac{1}{9}\left(\frac{1}{b}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\right)\) ( Dấu " = " xảy ra khi b=c)

\(\frac{1}{\sqrt{5c^2+2ca+2a^2}}\le\frac{1}{2c+a}\le\frac{1}{9}\left(\frac{1}{c}+\frac{1}{c}+\frac{1}{a}\right)\) ( Dấu " = " xay ra khi c = a )

\(VT=\sum_{cyc}\frac{1}{\sqrt{5a^2+2ab+b^2}}\le\frac{1}{9}\left(\frac{3}{a}+\frac{3}{b}+\frac{3}{c}\right)\)

\(\le\frac{1}{3}\left(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\right)\le\frac{2}{3}\)

Dấu " = " xay ra khi \(a=b=c=\frac{2}{3}\)

Chúc bạn học tốt !!

NV

Nguyễn Việt Lâm

Giáo viên

7 tháng 3 2020

\(\frac{1}{\sqrt{4a^2+2ab+b^2+a^2+b^2}}\le\frac{1}{\sqrt{4a^2+2ab+b^2+2ab}}=\frac{1}{\sqrt{\left(2a+b\right)^2}}=\frac{1}{2a+b}=\frac{1}{a+a+b}\le\frac{1}{9}\left(\frac{1}{a}+\frac{1}{a}+\frac{1}{b}\right)\)

\(\Rightarrow VT\le\frac{1}{9}\left(\frac{2}{a}+\frac{1}{b}+\frac{2}{b}+\frac{1}{c}+\frac{2}{c}+\frac{1}{a}\right)=\frac{1}{3}\left(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\right)\le\frac{2}{3}\)

Dấu "=" xảy ra khi \(a=b=c=\frac{2}{3}\)

L

Luong

27 tháng 5 2018 - olm

Cho a, b, c là ba số thực dương thỏa mãn abc = 1. Chứng minh rằng: \(\frac{a^2}{\left(ab+2\right)\left(2ab+1\right)}+\frac{b^2}{\left(bc+2\right)\left(2bc+1\right)}+\frac{c^2}{\left(ac+2\right)\left(2ac+1\right)}\ge\frac{1}{3}\)\(\frac{1}{3}\)

#Hỏi cộng đồng OLM #Toán lớp 9

3

L

Luong

27 tháng 5 2018

Nhầm, bỏ bớt 1 cái 1/3 đi

PT

Pain Thiên Đạo

27 tháng 5 2018

tích đi rồi Pain làm