Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Bài 1 :
PTHH :
\(Na_2CO_3+BaCl_2-->BaCO_3\downarrow+2NaCl\left(1\right)\)
\(Na_2SO_4+BaCl_2-->BaSO_4\downarrow+2NaCl\left(2\right)\)
Từ (1) và (2) => kết tủa thu được là \(BaCO_3;BaSO_4\)
Cho X tác dụng với dung dịch HCl dư ta có phương trình :
\(BaCO_3+2HCl-->BaCl_2+H_2O+CO_2\uparrow\)
\(\rightarrow\) Khí sinh ra là CO\(_2\) .Chất rắn Y không bị hoà tan là \(BaSO_4\)
\(\left(1\right)->n_{Na_2SO_3}=n_{BaCO_3}=n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)
\(->m_{Na_2CO_3}=0,1.106=10,6\left(g\right)->n_{Na_2SO_4}=24,8-10,6=14,2\left(g\right)\)
\(\Rightarrow n_{Na_2SO_4}=\dfrac{14,2}{142}=0,1\left(mol\right)\)
\(\left(2\right)->n_{BaSO_4}=n_{Na_2SO_4}=0,1\left(mol\right)\)
\(->m_{BaCO_3}=0,1.197=19,7\left(g\right)\)
\(->m_{BaSO_4}=0,1.233=23,3\left(g\right)->b=23,3\)
\(->a=19,7+b=19,7+23,3=43\)
Vậy ........................
Chỉ dùng CO2 và nước có thể phân biệt từng chất trong 5 chất trên :
| Thuốc thử | NaCl | \(Na_2CO_3\) | \(Na_2SO_4\) | \(BaCO_3\) | \(BaSO_4\) |
| \(H_2O\) | tan | tan | tan | không tan | không tan |
| \(CO_2\)dư ( lần 1) | \(\downarrow\)tan ( dung dịch 1 ) | \(\downarrow\) không tan | |||
| Dung dịch 1 | không có hiện tượng | \(\downarrow\) (trắng ) | \(\downarrow\) ( trắng ) | ||
| \(CO_2\)dư ( lần 2 ) | \(\downarrow\) tan | \(\downarrow\) không tan |
PTHH :
( lần 1 ) \(CO_2+H_2O+BaCO_3-->BaHCO_3\left(dd1\right)\)
\(Ba\left(HCO_3\right)_2+Na_2CO_3-->BaCO_3\downarrow+2NaHCO_3\)
\(Ba\left(HCO_3\right)_2+Na_2SO_4-->BaSO_4\downarrow+2NaHCO_3\)
( lần 2 ) \(CO_2+H_2O+BaCO_3-->Ba\left(HCO_3\right)_2\)
D)
Cho Ca(OH)2 dư tạo ra kết tủa, lọc kết tủa loại bỏ kết tủa chỉ còn lại khí CO
CO2 + Ca(OH)2 --> CaCO3 + H2O
SO2 + Ca(OH)2 --> CaSO3 + H2O
Theo đề bài ta có : nCaCO3 = \(\dfrac{10}{100}=0,1\left(mol\right)\)
PTHH :
\(CaCO3+2HCl->CaCl2+CO2\uparrow+H2O\)
0,1mol..............................................0,1mol
a) Thể tích khí CO2 thu được là :
\(VCO2\left(\text{đ}ktc\right)=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)
b) Theo đề bài ta có : \(nNaOH=\dfrac{50.40}{40.100}=0,5\left(mol\right)\)
Ta xét tỉ lệ :
\(T=\dfrac{nNaOH}{nCO2}=\dfrac{0,5}{0,1}=5>2\)
Ta có T > 2 => Sau pư thu được muối trung hòa
PTHH :
\(CO2+2NaOH->Na2CO3+H2O\)
0,1mol.....0,2mol...............0,1mol
=> mNa2CO3 = 0,1.106=10,6(g)
Vậy...
Bài 1: \(PT:2Fe\left(OH\right)_3\underrightarrow{t^0}Fe_2O_3+3H_2O\)
Chất rắn là Fe2O3
=> \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{m}{M}=\dfrac{24}{160}=0,15\left(mol\right)\)
=> nFe(OH)3=2.nFe2O3=0,3(mol)
=> mFe(OH)3=n.M=0,3.107=32,1(g)
Bài 1:
2Fe(OH)3\(\overset{t^0}{\rightarrow}\)Fe2O3+3H2O
\(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{24}{160}=0,15mol\)
\(n_{Fe\left(OH\right)_3}=2n_{Fe_2O_3}=0,15.2=0,3mol\)
x=\(m_{Fe\left(OH\right)_3}=0,3.107=32,1gam\)
Bài 1 :
Ta có : \(n_A=\dfrac{V_A}{22,4}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{V_{O_2}}{22,4}=\dfrac{14,56}{22,4}=0,65\left(mol\right)\)
Gọi số mol của \(CH_4;C_2H_2\) lần lượt là x , y .
\(CH_4\left(x\right)+2O_2\left(2x\right)-t^0->CO_2\left(x\right)+2H_2O\)
\(2C_2H_2\left(y\right)+5O_2\left(\dfrac{5}{2}y\right)-t^0->4CO_2\left(2y\right)+2H_2O\)
\(n_A=0,3\left(mol\right)=>x+y=0,3\left(1\right)\)
\(n_{O_2}=0,65\left(mol\right)=>2x+\dfrac{5}{2}y=0,65\left(2\right)\)
Giai hệ (1) ,(2) có \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,1\end{matrix}\right.=>\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=0,2\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
a, \(\%V_{CH_4}=\dfrac{22,4.n_{CH_4}}{22,4.n_A}=\dfrac{0,2}{0,3}.100\%=66,67\%\)
\(=>\%V_{C_2H_2}=33,33\%\)
b, Theo phương trình :
\(n_{CO_2}=x+2y=0,2+2.0,1=0,4\left(mol\right)\)
\(=>V_{CO_2}=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\).
Bài 2 : ( có 2 cách trình bày )
Cách 1 :
| Thuốc thử | Metan | Axetilen | Oxi |
| Dung dịch Brom | Không hiện tượng | Dung dịch màu nhạt | Không hiện tượng |
| Tàn đóm đỏ | Không hiện tượng | Tàn đóm bùng cháy |
PTHH : \(CH\equiv CH+2Br_2-->CHBr_2-CHBr_2\)
Cách 2 :
Dẫn lần lượt 3 khí vào bình đựng dung dịch brom , khí làm dung dịch brom nhạt màu là khí Axetilen (C2H2 )
PTHH : \(CH\equiv CH+2Br_2-->CHBr_2-CHBr_2\)
- Đưa tàn đóm đỏ vào 2 bình còn lại , bình làm tàn đỏ bùng cháy mãnh liệt là khí oxi (O2) , còn lại là khí metan (CH4 )
1> cho Ba(OH)2 vào 3 chất trên nếu tạo kt trắng ==> Na2SO4
pt: Ba(OH)2+Na2SO4--> BaSO4+ 2NaOH
còn lại NaCL và NaNO3 cho td vs AgNO3 nếu tạo kt trắng => NaCl
pt: NaCl+AgNO3->AgCL( kt) + NaNO3
còn lại là NaNO3
Bài 1 :
- Trích các mẫu thử từ các dung dịch trên , đánh số thứ tự cho các lọ mất nhãn tương ứng với các mẫu thử đó .
- Cho các mẫu thử vào ba cốc đựng dung dịch BaCl2 .Mẫu nào có kết tủa trắng là Na2SO4 còn lại là hai dung dịch NaCl ,NaNO3 .
PTHH : \(Na_2SO_4+BaCl_2-->BaSO_4\downarrow\left(trắng\right)+2NaCl\)
- Lấy tiếp hai mẫu thử của hai dung dịch còn lại vào hai cốc đựng dung dịch AgNO3 .Mẫu nào thấy xuất hiện kết tủa trắng là NaCl.
\(NaCl+AgNO_3-->NaNO_3+AgCl\downarrow\left(trắng\right)\)
- Mẫu còn lại không có hiện tượng gì là NaNO3